202601164

题目

已知a>0,b>1,aea=a+3,b3ln⁡b=ln⁡b+1,求a(b3−1)

解析

这属于超越方程无法直接求解a、b的值,能解的大部分也是猜根法
所以此类问题都是靠代换变形得到结果
此类问题还有个名字叫“隐零点问题”

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两个方程表表面是完全不一样的
但是其实内在有统一特点
所以解决这样问题的重要思路是通过变形⇒同构形式

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最多使用的指数对数的恒等式
a=logb⁡ba,a=blogb⁡a
即把常数改写为对数式或指数式

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aea=a+3⇒ealn⁡ea=ln⁡ea=3⇒(ea−1)ln⁡ea=3
b3ln⁡b=ln⁡b+1⇒(b3−1)ln⁡b=1⇒(b3−1)⋅3ln⁡b=3
⇒(b3−1)ln⁡b3=3

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暗藏函数f(x)=(x−1)lnx
f(ea)=3,f(b3)=3
∴f(ea)=f(b3)
∵a>0,b>1∴ea>1,b3>1

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下面说明f(x)=3在区间(1,+∞)内有且只有一个解
即(x−1)ln⁡x=3只有一个根
也就是说明ln⁡x=3x−1在区间(1,+∞)内只有一个根
即在区间(1,+∞)内,y=ln⁡x和y=3x−1两个函数图象只有一个交点
数形结合是比较显然的

另解

当x>1时,x−1>0,ln⁡x>0,且y=x−1与y=ln⁡x均为增函数
所以f(x)=(x−1)ln⁡x也会增函数
令g(x)=f(x)−3=(x−1)ln⁡x−3
g(x)在区间(1,+∞)内单调递增,g(e)=(e−1)−3<0
g(e2)=(e2−1)⋅2−3>0
∴g(x)存在唯一的零点

综上所述

f(x)=3在区间(1,+∞)内有唯一解
∴ea=b3
从而a(b3−1)=a(ea−1)=aea−a=3